joywayerandClaude Opus 4.8
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get_followcard 降规格递归中，当某级"等长短拖拉机候选总对数 > 剩余需求" 时（class.arith.js else 分支），因 cantype 单一结构模型无法表达"任选其一 成拖拉机、其余自由"，直接返回宽松的"任意 N 对"，导致跟牌方明明有 2 连对 却被允许只出三个孤立对子（如首家 3 连对、跟牌方 AA KK JJ TT 88 66 时打 AA JJ 88），违反 design §5.2"能凑多长拖拉机就必须先凑多长"。 方案 2（根治，不引入过约束）：在 can_followcard 结构校验后新增"最大拖拉机 覆盖度"闸门 follow_tractor_cover_ok—— - tractor_run_lengths：把同花色对子按相邻拆成连对 run 长度表； - max_tractor_profile：贪心最长优先取 K 对，得字典序最大规格档案 best； - profile_less：跟牌自身档案 got 不得字典序劣于 best，否则拒。 仅在"跟牌整手=首家花色对子且该花色牌≥首家张数"时生效，垫/混合/对子不够 等一律放行。can_followcard 是唯一出牌闸门(paiju.js:605)，覆盖人工+托管。 get_followcard else 分支加注释指明由该闸门兜底。 回归测试：test_follow.js +5 条（303/304 三组 2 连对场景，含 else 欠约束 回归：出孤立对→拒、出尽量长拖→合法）。全套 259 项断言通过。 Co-Authored-By: Claude Opus 4.8 (1M context) <noreply@anthropic.com>
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// §5.1/5.2 正常跟牌/毙牌/垫牌（can_followcard 纯函数）。期望值取自 design §5.2
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require('./_shim');
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const A = require('../class.arith.js');
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const t = require('./_assert')();
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const id = (d, f, n) => (d - 1) * 54 + (f - 1) * 13 + (n - 1);
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const MF = 1; // 主花色=方块(1)
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// 副花色2的牌（number 避开 2/7，否则是固定主）
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const K = d => id(d, 2, 13), Q = d => id(d, 2, 12), J = d => id(d, 2, 11), T = d => id(d, 2, 10), N9 = d => id(d, 2, 9), N8 = d => id(d, 2, 8);
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// 主牌(flower1)
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const zK = d => id(d, 1, 13), zQ = d => id(d, 1, 12), zJ = d => id(d, 1, 11), z9 = d => id(d, 1, 9);
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// 另一副花色3（用于垫牌）
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const oth = n => id(1, 3, n);
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// follow(inhand, cards, startcount, startflower, startcardtype) -> can_followcard 结果
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const f = (inhand, cards, cnt, flw, typ) => A.can_followcard(MF, inhand, cards, cnt, flw, typ);
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const res = r => r.result; // 能否跟
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const beat = r => (r.cardvalue || 0) > 0; // 是否压过(cardvalue>0)
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// ===================== 单张跟牌（首家 副K 单张，flower2, 101）=====================
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// §5.2: 跟同花色任意单张；缺门则任意补（毙牌用主牌可压、垫副牌不压）
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t.eq('单-跟同花色单张(合法)', res(f([N9(1), z9(1)], [N9(1)], 1, 2, 101)), true);
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t.eq('单-有同花色却出主牌(拒)', res(f([N9(1), zK(1)], [zK(1)], 1, 2, 101)), false);
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t.eq('单-缺门垫副牌(合法)', res(f([oth(9), zK(1)], [oth(9)], 1, 2, 101)), true);
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t.eq('单-缺门垫副牌不压', beat(f([oth(9), zK(1)], [oth(9)], 1, 2, 101)), false);
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t.eq('单-缺门毙牌主单(合法)', res(f([oth(9), zK(1)], [zK(1)], 1, 2, 101)), true);
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t.eq('单-缺门毙牌主单压过', beat(f([oth(9), zK(1)], [zK(1)], 1, 2, 101)), true);
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// ===================== 对子跟牌（首家 副K对，flower2, 201, 2张）=====================
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// §2: 有同花色对必出对；没对用两张同花色单；不足两张任意补；缺门毙牌必须主对(不能任意两张)
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t.eq('对-有同花色对必出对(合法)', res(f([N9(1), N9(2), N8(1)], [N9(1), N9(2)], 2, 2, 201)), true);
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t.eq('对-有对却出两散张(拒)', res(f([N9(1), N9(2), N8(1)], [N9(1), N8(1)], 2, 2, 201)), false);
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t.eq('对-无对出两同花色单(合法)', res(f([N9(1), N8(1), Q(1)], [N9(1), N8(1)], 2, 2, 201)), true);
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t.eq('对-缺门毙主对(合法且压)', beat(f([zK(1), zK(2), oth(9)], [zK(1), zK(2)], 2, 2, 201)), true);
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t.eq('对-缺门两散主顶对(可出但不压)', res(f([zK(1), zQ(1), oth(9)], [zK(1), zQ(1)], 2, 2, 201)), true);
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t.eq('对-缺门两散主顶对 不压', beat(f([zK(1), zQ(1), oth(9)], [zK(1), zQ(1)], 2, 2, 201)), false);
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// ===================== 拖拉机跟牌（首家 副KQ两连对，flower2, 302, 4张）=====================
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// §2: 有同花色拖拉机必出拖；无拖但有两对不连也必出两对
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t.eq('拖-有同长拖必出拖(合法)', res(f([J(1), J(2), T(1), T(2), N8(1)], [J(1), J(2), T(1), T(2)], 4, 2, 302)), true);
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t.eq('拖-有拖却出4散(拒)', res(f([J(1), J(2), T(1), T(2), N8(1)], [J(1), T(1), N9(1), N8(1)], 4, 2, 302)), false);
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t.eq('拖-无拖两对不连必出两对(合法)', res(f([J(1), J(2), N9(1), N9(2), N8(1)], [J(1), J(2), N9(1), N9(2)], 4, 2, 302)), true);
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t.eq('拖-有两对却出散张(拒)', res(f([J(1), J(2), N9(1), N9(2), N8(1)], [J(1), N9(1), N8(1), Q(1)], 4, 2, 302)), false);
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t.eq('拖-缺门毙同长主拖(合法且压)', beat(f([zK(1), zK(2), zQ(1), zQ(2), oth(9)], [zK(1), zK(2), zQ(1), zQ(2)], 4, 2, 302)), true);
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const N6 = d => id(d, 2, 6);
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// ===================== 主牌首出的跟牌（followers 必须跟主牌）=====================
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t.eq('主单 有主必跟主', res(f([zQ(1), oth(9)], [zQ(1)], 1, 1, 101)), true);
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t.eq('主单 有主却垫副→拒', res(f([zQ(1), oth(9)], [oth(9)], 1, 1, 101)), false);
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t.eq('主单 缺主垫副(合法不压)', res(f([oth(9), oth(8)], [oth(9)], 1, 1, 101)), true);
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t.eq('主单 缺主垫副 不压', beat(f([oth(9), oth(8)], [oth(9)], 1, 1, 101)), false);
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t.eq('主对 有主对必出对', res(f([zJ(1), zJ(2), z9(1)], [zJ(1), zJ(2)], 2, 1, 201)), true);
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t.eq('主对 有主对却拆散→拒', res(f([zJ(1), zJ(2), z9(1)], [zJ(1), z9(1)], 2, 1, 201)), false);
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// ===================== 对子首出·同花色不足两张（必出仅有的1张+补）=====================
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t.eq('对 同花1张必出它+补1', res(f([N9(1), oth(5), oth(6)], [N9(1), oth(5)], 2, 2, 201)), true);
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t.eq('对 同花1张却不出它→拒', res(f([N9(1), oth(5), oth(6)], [oth(5), oth(6)], 2, 2, 201)), false);
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// ===================== 拖拉机首出·跟牌方各手牌分支 =====================
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t.eq('拖 对子不够·必出1对+补', res(f([J(1), J(2), N9(1), N8(1), N6(1)], [J(1), J(2), N9(1), N8(1)], 4, 2, 302)), true);
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t.eq('拖 对子不够·不出对→拒', res(f([J(1), J(2), N9(1), N8(1), N6(1)], [N9(1), N8(1), N6(1), Q(1)], 4, 2, 302)), false);
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t.eq('拖 同花无对·补同花4张', res(f([K(1), Q(1), J(1), T(1), N9(1)], [K(1), Q(1), J(1), T(1)], 4, 2, 302)), true);
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// 多候选拖拉机（3连对里选1个2连拖）——回归 can_followcard 曾崩溃的 cantype=3xx 分支
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t.eq('拖 多候选·出合法2连拖', res(f([K(1), K(2), Q(1), Q(2), J(1), J(2)], [K(1), K(2), Q(1), Q(2)], 4, 2, 302)), true);
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t.eq('拖 多候选·出不连两对→拒(D1回归)', res(f([K(1), K(2), Q(1), Q(2), J(1), J(2)], [K(1), K(2), J(1), J(2)], 4, 2, 302)), false);
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// 3连对首出（303）
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t.eq('拖 3连对·有3连拖必出', res(f([K(1), K(2), Q(1), Q(2), J(1), J(2), N8(1)], [K(1), K(2), Q(1), Q(2), J(1), J(2)], 6, 2, 303)), true);
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// 3连对首出、跟牌方有富余对子(4对)但含1个3连拖 → 必出该3连拖，拆散→拒
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t.eq('拖 3连对·富余对子中出3连拖', res(f([K(1), K(2), Q(1), Q(2), J(1), J(2), N9(1), N9(2)], [K(1), K(2), Q(1), Q(2), J(1), J(2)], 6, 2, 303)), true);
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t.eq('拖 3连对·拆散3连拖(改出99)→拒', res(f([K(1), K(2), Q(1), Q(2), J(1), J(2), N9(1), N9(2)], [K(1), K(2), Q(1), Q(2), N9(1), N9(2)], 6, 2, 303)), false);
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// —— 最大覆盖度校验：修复 get_followcard 降级递归 else 分支欠约束 ——
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// 跟牌方该副花色 = AA KK JJ TT 88 66（三组互不相邻的2连对：{A,K} {J,T} {8,6}）
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const sA = d => id(d, 2, 1); // 副A（flower2, number1；非固定主）
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const H3 = [sA(1), sA(2), K(1), K(2), J(1), J(2), T(1), T(2), N8(1), N8(2), N6(1), N6(2)];
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// 303：无3连拖、有多组2连拖 → 必出1个2连拖+1散对(档案[2,1])；出三孤立对(档案[1,1,1])应拒
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t.eq('拖 303·三组2连·出2连+散(合法)', res(f(H3, [sA(1), sA(2), K(1), K(2), N8(1), N8(2)], 6, 2, 303)), true);
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t.eq('拖 303·三组2连·出三孤立对AA/JJ/88→拒(else回归)', res(f(H3, [sA(1), sA(2), J(1), J(2), N8(1), N8(2)], 6, 2, 303)), false);
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t.eq('拖 303·三组2连·另组KK/TT/66孤立→拒', res(f(H3, [K(1), K(2), T(1), T(2), N6(1), N6(2)], 6, 2, 303)), false);
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// 304：无4连拖、有三组2连拖 → 必出两个2连拖(档案[2,2])；出1个2连+两散对(档案[2,1,1])应拒
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t.eq('拖 304·三组2连·出两2连拖(合法)', res(f(H3, [sA(1), sA(2), K(1), K(2), J(1), J(2), T(1), T(2)], 8, 2, 304)), true);
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t.eq('拖 304·三组2连·出1个2连+两散对→拒(else回归)', res(f(H3, [sA(1), sA(2), K(1), K(2), J(1), J(2), N8(1), N8(2)], 8, 2, 304)), false);
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// ===================== 手牌数 == 首出张数：全部必出 =====================
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t.eq('全出 手牌恰1张(单张首出)', res(f([oth(9)], [oth(9)], 1, 2, 101)), true);
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t.eq('全出 手牌恰2张(对子首出)', res(f([oth(9), oth(8)], [oth(9), oth(8)], 2, 2, 201)), true);
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// ===================== 垫牌：缺门首家副花色，用其他副牌补，不争夺出牌权 =====================
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// （单张垫牌上文已覆盖；此处补对子/拖拉机首家时的副牌垫）
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t.eq('垫 对子缺门出两副散(合法)', res(f([oth(9), oth(8), zK(1)], [oth(9), oth(8)], 2, 2, 201)), true);
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t.eq('垫 对子缺门出两副散 不压', beat(f([oth(9), oth(8), zK(1)], [oth(9), oth(8)], 2, 2, 201)), false);
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t.eq('垫 拖缺门出四副散(合法)', res(f([oth(9), oth(8), oth(6), oth(5), zK(1)], [oth(9), oth(8), oth(6), oth(5)], 4, 2, 302)), true);
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t.eq('垫 拖缺门出四副散 不压', beat(f([oth(9), oth(8), oth(6), oth(5), zK(1)], [oth(9), oth(8), oth(6), oth(5)], 4, 2, 302)), false);
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// ===================== 混合出牌：有该花色但不够，只能补主牌，等效垫牌不争权 =====================
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// 首家副对子：手中仅1张该副花色 + 主牌（无其他副牌）→ 必出该副 + 补主，混合牌压不过
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t.eq('混 对子·1副+补主(合法)', res(f([N9(1), zK(1), zQ(1)], [N9(1), zK(1)], 2, 2, 201)), true);
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t.eq('混 对子·1副+补主 不压(等效垫)', beat(f([N9(1), zK(1), zQ(1)], [N9(1), zK(1)], 2, 2, 201)), false);
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t.eq('混 对子·丢下必出的副牌只出两主→拒', res(f([N9(1), zK(1), zQ(1)], [zK(1), zQ(1)], 2, 2, 201)), false);
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// 首家副拖拉机：手中2张该副花色散张 + 主牌 → 必出2副 + 补2主，混合压不过
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t.eq('混 拖·2副散+补2主(合法)', res(f([N9(1), N8(1), zK(1), zQ(1), zJ(1)], [N9(1), N8(1), zK(1), zQ(1)], 4, 2, 302)), true);
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t.eq('混 拖·2副散+补2主 不压', beat(f([N9(1), N8(1), zK(1), zQ(1), zJ(1)], [N9(1), N8(1), zK(1), zQ(1)], 4, 2, 302)), false);
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// 首家副拖拉机：手中1对该副花色(数量仍不足) + 主牌 → 有对也压不过（混合非纯主拖）
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t.eq('混 拖·副对(不足)+补2主 不压', beat(f([N9(1), N9(2), zK(1), zQ(1), zJ(1)], [N9(1), N9(2), zK(1), zQ(1)], 4, 2, 302)), false);
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process.exit(t.done('follow') ? 0 : 1);
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